九省联考完全解读（广西）（提升卷）（解析版）.docx

保密启用前广西2024年高考综合改革适应性测试（提升卷）物理注意事项：1 .答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2 .回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题Il的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选抒题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3 .考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。.一、单项选择题:本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1 .两种放射性元素的半衰期分别为f0和2处在f=0时刻这两种元素的原子核总数为M在=2o时刻，尚未衰变的原子核总数为义则在f=4o时刻，尚未衰变的原子核总数为（）NCNCNCNA.五B.gC.gDW答案C解析根据题意设半衰期为A）的元素原子核数为4,另一种元素原子核数为），依题意有X+y=N,经历2h后有%+5=与，联立可得x=1N,y=V,在=4h时，原子核数为X的元素经历了4个半衰期，原子核数为），的元素经历了2个半衰期，则此时未衰变的原子核总数为=x+*y=/,故选C.2 .火星是近些年来发现的最适宜人类居住生活的星球，我国成功地发射“天问一号”标志着我国成功地迈出了探测火星的第一步.已知火星直径约为地球直径的一半，火星质量约为地球质量的十分之一，航天器贴近地球表面飞行一周所用时间为T,地球表面的重力加速度为g,若未来在火星表面发射一颗人造卫星，最小发射速度约为（）A红B近红a2d10rfen2。55兀答案B解析由嘤I=J哈,得到星球的第一宇宙速度。=、用，设地球的第一宇宙速度为5,由g=/0=爷6,得力=然，设火星的第一宇宙速度为。2,则£=BI,代入数据解得02=乎0=需，B项正确.3 .如图所示，A为水平放置的胶木圆盘，在其侧面均匀分布着负电荷，在A的正上方用绝缘丝线悬挂一个金属圆环8,使B的环面水平且与胶木圆盘面平行，其轴线与胶木圆盘A的轴线00'重合.现使胶木圆盘A由静止开始绕其轴线00'按箭头所示方向加速转动，则,A.金属环B的面积有扩大的趋势，丝线受到的拉力增大B.金属环B的面积有缩小的趋势，丝线受到的拉力减小C.金属环B的面积有扩大的趋势，丝线受到的拉力减小D.金属环B的面积有缩小的趋势，丝线受到的拉力增大答案B解析使胶木圆盘4由静止开始绕其轴线0。'按箭头所示方向加速转动，穿过金属环8的磁通量增大，根据楞次定律，金属环8的面积有缩小的趋势，且B有向上升高（远离）的趋势，丝线受到的拉力减小，故B项正确.4 .在城市建设施工中，经常需要确定地下金属管线的位置.如图所示，已知一根金属长直管线平行于水平地面，为探测其具体位置，首先给金属管线通上恒定电流，再用可以测量磁场强弱、方向的仪器进行以下操作：用测量仪在金属管线附近的水平地面上找到磁感应强度最强的某点，记为0;在。点附近的地面上，找到与。点磁感应强度相同的若干点，将这些点连成直线所；在地面上过。点垂直于E尸的直线上，找到磁场方向与地面夹角为45。的氏C两点，测得6、C两点距离为L由此可确定（）水平地面/金屈管线0>A.金属管线在E尸正下方，深度为与B.金属管线在E尸正下方，深度喈LC.金属管线的走向垂直于ER深度为TLD.金属管线的走向垂直于E兄深度为享答案A解析用测量仪在金属管线附近的水平地面上找到磁感应强度最强的某点，记为以，说明点离金属管线最近；找到与0点磁感应强度相同的若干点，将这些点连成直线七匕故说明这些点均离金属管线最近，因此通电的金属管线平行于石尸；画出左侧视图，如图所示，氏C间距为L,且磁场方向与地面夹角为45°,故金属管线在E尸正下方，深度为故选A.5 .某驾校学员在教练的指导下沿直线路段练习驾驶技术，汽车的位置X与时间t的关系如图所示，则汽车行驶速度V与时间t的关系图像可能正确的是（）答案A解析x-f图像斜率的物理意义是速度，在0时间内，x-r图像斜率增大，汽车的速度增大；在hf2时间内，Xf图像斜率不变，汽车的速度不变；在f23时间内，Xf图像的斜率减小，汽车做减速运动，综上所述可知A中。一，图像可能正确，故选A.6 .如图所示，一带正电的粒子以一定的初速度进入某点电荷Q产生的电场中，沿图中弯曲的虚线轨迹先后经过电场中的、6两点.其中。点的电场强度大小为反,方向与帅连线成30。角，b点的电场强度大小为瓦，方向与昉连线成60。角.粒子只受静电力的作用，下列说法中正确的是（）A点电荷Q带正电B.点的电势富于b点电势C.从。到儿系统的电势能增加D.粒子在。点的加速度大于在b点的加速度答案B解析带正电的粒子受力指向轨迹凹侧，则点电荷。带负电，则A错误：点电荷。恰好处于两点的电场线的交点处，根据负点电荷等势面的分布特点，离负点电荷越远的点电势越高，由几何关系可知，4点离负点电荷较远，所以点的电势高于。点电势，则B正确：从到力，静电力对带正电粒子做正功，所以系统的电势能减小，则C错误：根据电场强度公式E=耳，。点的电场强度小于b点，则粒子在。点受到的静电力小于在匕点受到的静电力，所以粒子在4点的加速度小于在匕点的加速度，则D错误.7 .如图所示，质量为用的物块放置在质量为M的木板上，木板与弹簧相连，它们一起在光滑水平面上做简谐运动，周期为7,振动过程中相、M之间无相对运动，设弹簧的劲度系数为,物块和木板之间的动摩擦因数为，则下列说法正确的是（）a.若I时刻和a+4）时刻物块受到的摩擦力大小相等，方向相反，则a一定等于f的整数倍8 .若加=$则在，时刻和（f+加）时刻弹簧的长度一定相同C.研究木板的运动，弹簧弹力充当了木板做简谐运动的回复力D.当整体离开平衡位置的位移为X时，物块与木板间的摩擦力大小等于-H答案D解析设位移为占对整体受力分析，受重力、支持力和弹簧的弹力，根据牛顿第二定律，有AA-=（M+M）对物块受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，静摩擦力提供回复力，根据牛顿第二定律，有Ff=ma所以Ff=T-7r_®M-rm若/时刻和+Ar）时刻物块受到的摩擦力大小相等，方向相反，则两个时刻物块的位移大小相等，方向相反，位于相对平衡位置对称的位置上，但4不一定等于会的整数倍，故A错误；若，=，则在t时刻和+，）时刻物块的位移大小相等，方向相反，位于相对平衡位置对称的位置上，弹簧的长度不一定相同，故B错误；由开始时的分析可知，研究木板的运动，弹簧弹力与物块对木板的摩擦力的合力提供回复力，故C错误：由可知，当整体离开平衡位置的位移为X时，物块与木板间摩擦力的大小等于需需近，故D正确.二、多项选择题:本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得O分。8 .LC振荡电路中，某时刻磁场方向如图所示，则下列说法正确的是（）A.若磁场正在减弱，则电容器上极板带正电9 .若电容器正在放电，则电容器上极板带负电C.若电容器上极板带正电，则自感电动势正在减小D.若电容器正在充电，则自感电动势正在阻碍电流减小答案ABD解析若磁场正在减弱，则电容器上极板带正电，处于充电状态，故A正确；若电容器正在放电，由安培定则可得电容器上极板带负电，故B正确：若电容器上极板带正电，说明电容器在充电，电流减小得越来越快，自感电动势增大，故C错误；若电容器正在充电，则线图自感作用阻碍电流的减小，故D正确.10 一定质量的理想气体经历一系列状态变化，其一七图像如图所示，变化顺序为-Ofcda,图中他线段延长线过坐标原点,cd线段与P轴垂直,而线段与I轴垂直.气体在此状态变化过程中（）A.-b过程，压强减小，温度不变，体积增大B.人一c过程，压强增大，温度降低，体积减小C.Cfd过程，压强不变，温度升高，体积减小D. d-* 过程,压强减小，温度降低，体积不变答案AD解析由题图可知，4-过程，气体发生等温变化，气体压强减小，体积增大，故A正确;由理想气体状态方彳畔=C可知p=c",斜率Z=CT,连接0、方的直线比连接0、C的直线的斜率小，所以。的温度低，b-c过程，温度升高，压强增大，且体积也增大，故B错误；Cfd过程，气体压强不变，体积变小，由理想气体状态方程华=C可知，气体温度降低，故C错误；d-4过程，气体体积不变，压强变小，由理想气体状态方程华=C可知，气体温度降低，故D正确.10.如图，相距为L的两光滑平行金属导轨固定在绝缘水平桌面上，左端接一电容器G阻值为R的电阻通过三角旋钮开关S与两导轨连接，长度为L、质量为m的金属杆而垂直导轨放置，且与导轨始终接触良好，两导轨间存在垂直导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度大小为A三角旋钮开关S仅1、2之间导电,S左旋时能将电阻R和电容器C接入同一回路，右旋时能将电阻R和金属杆时接入同一回路，初始时1、2连接电容器和金属杆，现用恒力尸向右拉金属杆而，使其从静止开始运动，经一段时间后撤去尸，同时旋转S,此时金属杆的速度大小为如，不计金属杆和导轨的电阻.下列说法正确的是（）A.撤去产前，金属杆做变加速直线运动B.撤去尸同时向右旋开关S,金属杆做加速度减小的减速运动C.恒力尸对金属杆做的功等于全M2D.若分别左旋右旋S,两种情况下，通过电阻H的电荷量之比为山答案BD解析撒去尸前，对金属杆进行受力分析有尸一8=/用对电容器Q=CU=C8L。，充电电流=*=CBL卸=CBLa,HIaCBL2+m,可知金属杆做匀加速直线运动，A错误；撤去尸同时向右旋开关S,此时仅有电阻R和金属杆"接入同一回路，且金属杆有向右的n2r2-a速度，根据右手定则与左手定则，可判定安培力向左，且用L=F-=ma,可知金属杆将向右做加速度减小的减速运动，B正确；根据动能定理有%+W*=%,其中安培力做负功，则恒力厂对金属杆做的功大于%初）2,C错误；撤去尸时，电容器极板带也荷量Q=CBLv0t对金属杆分析，由动量定理有一87ZA=O-mo,由于金属杆减速切割磁感线而通过电阻的电荷量g=7A,当左旋S,通过电阻的电荷量s=Q,当右旋S,通过电阻的an2j2电荷量S=g,解得W=土黄，D正确.三、非选择题:本题共5小题，共57分。11.（6分）做“探究加速度与力、质量的关系”实验时，图甲是教材中的实验方案；图乙是拓展方案，其实验操作步骤如下：甲乙（i）挂上托盘和祛码，改变木板的倾角，使质量为M的小车拖着纸带沿木板匀速下滑；（ii）取下托盘和祛码，测出其总质量为血，让小车沿木板下滑，测出加速度出（iii）改变硅码质量和木板倾角，多次测量，通过作图可得到a尸的关系.（1）实验获得如图所示的纸带，计数点a、b、c、d、e、/间均有四个点未画出，则在打d点时小车的速度大小Od=ms（保留两位有效数字）；abcdefWlWIWl岫啊I叫IIIII叫IlIII叫即叫IIIIl叫一IIlIIIlUl叫IlIIl29303132333435363738cm（2）需要满足条件M机的方案是（选填“甲”“乙”或“甲和乙”）；在作。一尸图像时，把?g作为产值的是（选填“甲”“乙”或“甲和乙”）.答案（1）0.19（0.180.19均可）（2）甲甲和乙解析（）由题意知小车做匀加速直线运动，故Vd=2将XCe=（36.1032.40）cm=3.70cm,T=0.1s,代入得%0.19ms;（2）甲实脸方案中：绳的拉力尸满足：F=Mat且mg-F=ma,则尸="-,只有用河时，尸才近似等于mg,故以托盘与我码的重力表示小车的合外力，1-需满足mM.乙实验方案中：小车沿木板匀速下滑，小车受绳的拉力及其他力的合力为零，且绳的拉力大小等于托盘与硅码的重力，取下托盘及硅码，小车所受的合外力大小等于托盘与硅码的重力mg,不需要满足mM.两个实验方案都可把mg作为尸值.12.（10分）利用如图（a）所示电路，可以测量电源的电动势和内阻，所用的实验器材有：待测电源，电阻箱R（最大阻值999.9Q）,电阻岛（阻值为3.0C）,电阻R（阻值为3.0Q）,电流表区（量程为200mA,内阻为Ra=6.0Q）,开关S.(a)2。E牌侬60ITJA(b)实验步骤如下:将电阻箱阻值调到最大，闭合开关S；多次调节电阻箱，记下电流表的示数/和电阻箱相应的阻值R以;为纵坐标，R为横坐标，作;一R图线(用直线拟合)；求出直线的斜率k和在纵轴上的截距b.回答下列问题:(1)分别用石和厂表示电源的电动势和内阻，则;与R的关系式为.(2)实验得到的部分数据如下表所示，其中电阻R=3.0C时，电流表的示数如图(b)所示，读出数据，完成下表.答：.R.1.02.03.04.05.06.0Z/A0.1430.1250.1000.0910.084A,6.998.0010.011.011.9(3)在图(C)的坐标纸上描点并作图，根据图线求得斜率左=A,L截距b=A1.(4)根据图线求得电源电动势E=V,内阻r=.答案：=泳1（2）0.1109.09（3）见解析图1.0（0.961.04均可）6.0（5.96.1均可）（4）3.0（2.93.1均可）Lo（0.71.3均可）解析（1）根据闭合电路欧姆定律有E=（骼+7）（R+Ro+,）+Ra,代入数据，化简得：=和+竺"包.（2）电流表每小格表示4mA,因此电流表读数=0.110A,9.09A）.（3）在坐标纸上描点，画出一条直线，得出斜率攵=LOAFe-,板距=6.0A-L（4）斜率左=抵，因此E=3.0V,纵轴截距b=空乂，因此r=1.0.13.（10分）如图所示，激光笔发出一束激光射向水面O点，经折射后在水槽底部形成一光斑4-3真空中光速 c=3.0X108 ms, sin 530=0.8, cos 530P.已知入射角a=53。，水的折射率=0.6.（1）求激光在水中传播的速度大小;（2）打开出水口放水，求水放出过程中光斑P移动的距离X与水面下降距离h的关系.答案(1)2.25×IO8m/s(2)x=h解析（1）由于O=A代入数据解得o=2.25XIO8m/s.（2）打开出水口后，光路图如图所示激光笔设水原来深度为“，折射角为人由折射定律有=黑解得SinA=*=0.6由几何关系有tan÷(/-A)tan7=x÷tan代入数据解得14.(12分)某同学受自动雨伞开伞过程的启发，设计了如图所示的物理模型.竖直放置在水平桌面上的滑杆上套有一个滑块，初始时它们处于静止状态.当滑块从A处以初速度0。为10m/s向上滑动时,受到滑杆的摩擦力Ff为1N,滑块滑到B处与滑杆发生完全非弹性碰撞，带动滑杆离开桌面一起竖直向上运动.已知滑块的质量?=02kg,滑杆的质量M=O.6kg,A、8间的距离/=1.2m,重力加速度g取IOm/S2,不计空气阻力.求：滑块在静止时和向上滑动的过程中，桌面对滑杆支持力的大小Fni和Fn2;(2)滑块碰撞前瞬间的速度大小Vi;(3)滑杆向上运动的最大高度Il答案(1)8N5N(2)8m/s(3)0.2m解析(1)当滑块处于静止时桌面对滑杆的支持力等于滑块和滑杆的重力，即广Nl=("+M)g=8N当滑块向上滑动时受到滑杆的摩擦力为IN,根据牛顿第三定律可知滑块对滑杆的摩擦力也为1N,方向竖直向上，则此时桌面对滑杆的支持力为广N2=-Ff'=5N.(2)滑块开始向上运动到碰前瞬间根据动能定理有一"侬一Ffl=mv2-mV(代入数据解得=8m/s.(3)由于滑块和滑杆发生完全非弹性碰撞，即碰后两者共速，取竖直向上为正方向，碰撞过程根据动量守恒定律有mv=(m+M)v碰后滑块和滑杆以速度。整体向上做竖直上抛运动，根据动能定理有（n÷M）gh=O÷M）v2代入数据联立解得=0.2m.15.（16分）如图所示，在竖直平面内的直角坐标系Xoy中，第四象限内有垂直坐标平面向里的匀强磁场和沿入轴正方向的匀强电场，磁感应强度大小为8,电场强度大小为£第一象限中有沿y轴正方向的匀强电场（电场强度大小未知），且某未知矩形区域内有垂直坐标平面向里的匀强磁场（磁感应强度大小也为B）.一个带电小球从图中y轴上的M点沿与X轴成G=45。角斜向上做匀速直线运动，由X轴上的N点进入第一象限并立即在矩形磁场区域内做匀速圆周运动，离开矩形磁场区域后垂直打在），轴上的P点（图中未标出），已知O、N两点间的距离为L重力加速度大小为g,取sin22.5。=0.4,cos22.5。=0.9.求：（1）小球所带电荷量与质量的比值和第一象限内匀强电场的电场强度大小；（2）矩形匀强磁场区域面积S的最小值；（3）小球从M点运动到P点所用的时间.答案（悔E彳穿÷÷-解析（1）设小球质量为/、电荷量为夕、速度为。，小球在MN段受力如图因为在MN段做匀速直线运动，所以小球受力平衡，由平衡条件得Mgtan450=qE,解得M=,要使小球进入第一象限后能立即在矩形磁场区域内做匀速圆周运动，则小球受的重力必须与静电力平衡有mg=qE联立解得Ei=七由（I）可知qvB=巾qE,即咨Y-»，"丫由qvB=冷斥,可知R=币=就迹图如图所示，由图可知矩形的最小面积S=2?COS22.5°X(R-RSin22.5o)=4p(3)在第四象限运动的时间=婚3?在第一象限矩形磁场区域运动的时间2=-1.TiR在第一象限做匀速直线运动的时间“=-联立解得小球从M到P的总时间/=八+及+/3=31+坐)+息京一坐).