3.3共点力平衡教案-经典教学教辅文档.docx

L导入.适用学科高中物理适用年级ra'FrJ适用区域人教版区域课不时长（分钟）2课时知识点1 .零碎平动平衡：确定研讨对象、全体和隔离法的运用I2 .物体受共点力的平衡条件3 .共点力三力平衡：三角函数运用与最小值的确定4 .共点力三力平衡：勾股定理的运用5 .共点力三力平衡：力的三角形和几何三角形的类似关系的运用6 .共点力多力平衡：正交分解方法的运用7 .物体受共点力：力平衡的几种运动形状教学目标1、知道共点力作用下物体的平衡概念，掌握在共点力作用下物体的平衡条件2、知道如何用实验探求共点力作用下的物体的平衡条件3、运用共点力的平衡条件解决具体成绩教学重点共点力平衡的特点及普通解法教学难点学会正确受力分析、正交分解及综合运用教学过程!法：对于三力平衡，普通根据“任意两个力的合力与第三力等大反向”的关系，借助三角函数、类似三角形等手腕求解；或将某一个力分解到另外两个力的反方向上,得到这两个分力必与另外两个力等大、反向；对于多个力的平衡，利用先分解再合成的正交分解法。2、力汇交原理：如果一个物体受三个不平行外力的作用而平衡,这三个力的作用线必在同一平面上，而且必有共点力。3、正交分解法：将各力分解到X轴上和y轴上，运用两坐标轴上的合力等于零的条件以=°Z4=多用于三个以上共点力作用下的物体的平衡。值得留意的是，对x、方向选择时，尽可能使落在人）轴上的力多；被分解的力尽可能是已知力。4、矢量三角形法：物体受同一平面内三个互不平行的力作用平衡时，这三个力的矢量箭头首尾相接恰好构成三角形，则这三个力的合力必为零，利用三角形法求得未知力.二.知识讲解（一再点解读几个力都作用在物体的同一点上，或者虽不作用在同一点上，但它们的延伸线交于一点，则这几个力称为共点力.运动形状未发生改变，即。=。表现：静止或匀速直线运动，在重力、弹力、摩擦力作用下的平衡，分析重点在于对平衡条件的运用。（二）考点详析1 .平衡形状：物体保持静止或匀速直线运动形状.2 .共点力的平衡条件：Fx=O.F合=0或者IFy=O.3 .平衡条件的推论（D二力平衡如果物体在两个共点力的作用下处于平衡形状，这两个力必定大小相等，方向相反，作用在一条直线上.三力平衡如果物体在三个互不平行的共点力的作用下处于平衡形状，其中任意两个力的合力必然与第三个力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上.多力平衡如果物体受多个力作用途于平衡形状，其中任何一个力与其余力的合力大小相等、方向相反、作用在一条直线上考点2摩擦力在共点力平衡问题的应用成绩中的表现这类成绩是指平衡的物体遭到了包括摩擦力在内的力的作用。在共点力平衡中，当物体虽然静止但有运动趋势时，属于静摩擦力；当物体滑动时，属于动摩擦力。由于摩擦力的方向要随运动或运动趋势的方向的改变而改变，静摩擦力大小还可在必然范围内变动，因而包括摩擦力在内的平衡成绩常常需求多讨论几种情况，要复杂一些。因而做这类标题时要留意两点由于静摩擦力的大小和方向都要随运动趋势的改变而改变，因而保持物体静止形状所需的外力允许有必然范围；又由于存在着最大静摩擦力，所以使物体起动所需求的力应大于某一最小的力。总之,包含摩擦力在内的平衡成绩，物体保持静止或起动需求的动力的大小是允许在必然范围内的，只需当保持匀速运动时，外力才需确定的数值。由于滑动摩擦力F=NFN,要特别留意标题中正压力的大小的分析和计算，防止出现错误在X-t图象中，某时辰的速度等于此时辰所对应的图线的斜率.考点3整体法和隔离法全体法和隔离法的选用技巧当物理情境中触及物体较多时，就要考虑采用全体法和隔离法.(1)全体法研讨外力对物体零碎的作用各物体运动形状相反同时满足上述两个条件即可采用全体法.(2)隔离法分析零碎内各物体、各部分间的彼此作用各物体的运动形状不同必须将物体从零碎中隔离出来，单独地进行受力分析，列出方程.全体法和隔离法的交替运用对于一些复杂成绩，比如连接体成绩，通常需求多次选用研讨对象，这样全体法和隔离法要交替运用.考点4共点力平衡问题的解题思路共点力作用下物体平衡的普通解题思绪三、例题精折加装“保护器”的飞机在空中发生变乱得到动力时，上方的降落伞就会自动弹出。已知一根伞绳能承重2019N,伞展开后伞绳与竖直方向的夹角为37。，飞机的质量约为8吨。忽略其他要素，仅考虑当飞机处于平衡时，降落伞的伞绳最少所需的根数最接近于（）（图中只画出了2根伞绳，sin37o=0.6,cos37°=0.8）A.25B.50C.75D.100【答案】B【解析】试题分析：飞机处于平衡时，伞绳的拉力的合力与飞机的重力大小相等，一根伞绳最大拉力的竖直分量为2000N×cos37o=1600N,所以需求的根数为8000kg×10ms2=501600N,B对。【点睛工共点力的平衡、力的合成与分解.例题2如图所示，自动卸货车静止在程度地面上，车厢在液压机的作用下,倾角。缓慢增大，在货物勿绝对车厢仍然静止的过程中，以下说法正确的是（）A.货物遭到的摩擦力变小B.货物对车厢的压力变小C.地面对车的摩擦力增大D.地面对车的支持力增大【答案】D【解析】试题分析：对车和货物的全体而言，地面对车的支持力等于车和货物的重力，故车对地面的压力不变，程度方向车不受摩擦力作用，选项AC错误；货物遭到的摩擦力为f=mosin,故随6角缓慢增大，货物遭到的摩擦力变大，选项B错误；货物对车厢的压力为FN=mcos,故随6角缓慢增大，货物对车厢压力变小，选项D正确；故选D.【点睛工物体的平衡。如囹所示，倾角二30。的斜面上有一重为G的物体，在与斜面底边平行的程度推力作用下沿斜面上的虚线匀速运动，若图中=45°,则A.物体所受摩擦力方向平行于斜面沿虚线向上_3B.物体与斜面间的动摩擦因数M=TC.物体所受摩擦力方向与程度推力垂直且平行斜面向上D.物体与斜面间的动摩擦因数M=T【答案】AD【解析】试题分析：对物块进行受力分析，如图所示：物块在重力G、斜面的支持力N、推力F、沿虚线方向上的摩擦力f共同作用下沿斜面上的虚线匀速运动，由于G,N,F三力的合力方向向下，故摩擦力f方向沿斜面虚线向上，故A正确；现将重力分解为沿斜面向下且垂直于底边（也垂直于推力F）的下滑力Gi、垂直与斜面的力G2,如图所示：其中G2恰好把N平衡掉了，这样可视为物体在推力F、下滑力Gi、摩擦力f三个力作用下沿斜面上的虚线匀速运动，根据三力平衡特点，F与Gl的合力必沿斜面向下，同时摩擦力f只能沿斜面向上，故选项A对BC错；根据几何关系，F与Gl的合力F合=cos45。='G,即f=、后Gi,故物体与斜面间的动摩擦因_£_2Gsin30。_V6数M二N=GcosBOo=3,故选项D正确。考点：共点力平衡的条件及其运用、物体的弹性和弹力【点睛】：本题意在考查动态平衡成绩，考查先生利用平衡条件求力的能力及空间想象能力，解答的关键是把空间的受力关系能转化为平面内的受力关系。臬同事在单杠上做引体向上,如图所示.其中双臂用力最小的是【答案】B【解析】试题分析：由于同学所受重力大小必然，即双臂用力产生的合力大小与重力大小相反；由矢量合成的平行四边形法则可知，B项正确、ACD项错误；应选B。考点：本题考查了力的合成的相关知识。【点睛】：明确双臂用力产生的合力大小与重力大小相反，由平行四边形法则可知要使双臂用力最小就要使双臂于重力方向相反。所示，木箱放在自动扶梯的程度台阶上，随台阶向上做匀速直线运动，则台阶对木箱的作用力（）A.大于木箱的重力B.大于木箱对台阶的作用力C.小于木箱对台阶的作用力D.与木箱对台阶的作用力大小相等【答案】D【解析】台阶对木箱的作用力与木箱对台阶的作用力是一对作用力和反作用力，根据牛顿第三定律知它们的大小相等，方向相反，故ABC错误，D正确2、如图，一个质量为m的均匀光滑小球处于静止形状，三角劈与小球的接触点为P,小球重心为O,Po的连线与竖直方向的夹角为.则三角劈对小球的弹力（）A.方向竖直向上，大小为mgB.方向竖直向上，大小为mgcos。C.方向沿Po向上，大小为，器COSD.方向沿Po向上，大小为mgtan。【答案】C【解析】对小球受力分析，三角劈对小球的弹力方向沿PO向上，采用合成法，如图：由几何知识得：N3、如图所示，一个物体受Fl和F2两个互相垂直的共点力作用，其F1=3N,F2=4N.这两个力的合力大小为（）A.INB.5NC.7ND.12N【答案】B2=5N,故B正确，ACD【解析】根据勾股定理有:错误匚西图所示，物体A和B质量均为m,且分别与轻绳连接跨过光滑轻质定滑轮，B放在程度面上，A与悬绳竖直。用力F拉B沿程度面向左匀速运动的过程中，绳对A的拉力的大小是（）A.大于mgB.总等于mgC.小于mgD.以上三项都不正确【答案】A【解析】将B的运动分解为沿绳子方向的运动，和垂直绳子方向运动即绕滑轮的转动，如图解得V2=VCOS由于0不断变小，故V2不断变大；由于物体A的速度等于V2,故物体A加速上升，加速度向上，即物体A处于超重形状，故绳子的拉力大于mg。2、用两段等长的轻质细线将a、b两小球连接并悬挂于0点，小球a、b分别遭到程度向右的拉力储和程度向左的拉力F2的作用，零碎平衡时两小球的地位情况如图所示，此时上、下两段细线中的张力大小之比为4：3,则a、b两小球的质量之比为（）A.3：1B.1：3C.2：3D.3：4【答案】B【解析】a遭到FI程度向右的力，b遭到F2的程度向左的力，分析受力如图：设Oa绳与竖直方向的夹角为,则由平衡条件得:TaCoSa=（叫+弧）g以b球为研讨对象，设ab绳与竖直方向的夹角为B,则由平衡条件得：Tbcos=mbg,由于oa=ab,由几何关系得到：=B,联立解得：区二L故B正确，ACD错误。3故选：Bo3、如图所示，一根橡皮筋的两端用铁钉固定在竖直墙上（端点A、B在同一程度线上），在橡皮筋中点悬挂一个钩码，钩码将保持静止形状，若把B端沿程度线缓慢向右挪动一段距离后加以固定，钩码仍然保持静止形状，假定钩码和橡皮筋与墙都没有接触，钩码和橡皮筋之间是光滑接触，以下说法正确的是（）A. B端挪动后橡皮筋遭到的张力变大B. B端挪动后橡皮筋之间的夹角变小C. B端挪动后钩码遭到的合力变大D. B端挪动后橡皮筋对钩码的作用力变小【答案】A【解析】AB、由平衡条件可知，两根橡皮筋拉力的合力与钩码的重力等大反向，是必然的，B端挪动后橡皮筋之间的夹角变大，根据力的平行四边形定则可知，当两分力间的夹角在增大时，导致两分力大小在增大，因而橡皮筋遭到的张力变大。故A正确，B错误。C、B端挪动后钩码遭到的合力为零，不变，故C错误。D、B端挪动后橡皮筋对钩码的作用力与钩码的重力等大反向，是必然的，故D错误品曾喝，一件质量为M的衣服挂在等腰三角形的衣架上，衣架经过轻绳OA悬挂在天花板下。衣服架质量为m,顶角0=120。，此时衣架底边程度。不计衣服与衣架摩擦，重力加速度为g,则竖直轻绳OA遭到的拉力T和衣架左侧对衣服的作用力F大小分别为A.C.T=Mg, F二亨MgT= (M+m) g,B. T= (M+m) g, F=A,Mg2D. T=Mg, F=llg2【答案】A【解析】：以全体为研讨对象可知，竖直轻绳OA遭到的拉力T等于总重,即T=(M+m)g；分析衣服的受力情况：重力、两侧衣架的支持力，根据对称性知两侧衣架对衣服的支持力大小相等，设为F。根据几何关系得F与竖直方向的夹角为30°,由平衡条件得：2Fcos30o=Mg得：FaIMgo32、如图所示，轻绳OA、OB系于程度杆上的A点和B点，两绳与程度杆之间的夹角均为30。，重物经过细线系于。点。将杆在竖直平面内沿顺时针方向缓慢转动30°此过程中（）A. OA绳上拉力变大，OB绳上拉力变大B. OA绳上拉力变大，OB绳上拉力变小C. OA绳上拉力变小，OB绳上拉力变大D. OA绳上拉力变小，OB绳上拉力变小【答案】B【解析】当杆程度时，以结点0为研讨对象，受力情况如图A所示,此时0A、OB拉力相等，根据平衡条件可得2FAsin300=mg,解得FA=FB=mg；当杆转过30°时，以结点0为研讨对象，受力情况如图B所示，根据平衡条件可得FASin60。=mg,解得F'A=3g>g,F,B二11j-=jngr<mg,故ACD错误，B正确。3tan603故选：Bo3、超市里磁力防盗扣的内部结构及原理如图所示，在锥形金属筒内放置四颗小铁珠（其余两颗未画出），工作时弹簧经过铁环将小铁珠挤压于金属简的底部，同时，小铁珠陷于钉柱上的凹槽里，锁死防盗扣。当用强磁场吸引防盗扣的顶部时，铁环和小铁珠向上挪动，防盗扣松开。已知锥形金属筒底部的圆锥角刚好是120。，弹簧经过铁环施加给每个小铁珠竖直向下的力F,小铁珠锁死防盗扣,每个小铁珠对钉柱产生的侧向压力为（不计摩擦和小铁珠的重力）()A.争B.FC.3FD.2F【答案】A【解析】以一个铁珠为研讨对象，将力F按照作用效果进行分解如图所示：根据几何关系可得小铁珠对钉柱产生的侧向压力为：N=_E_=otan6003故A正确、BCD错误。故选：A0课堂小结1I富亲件解题经常用的方法力的合成法、力的分解法、正交分解法2、解共点力作用下物体平衡成绩的普通步骤：定研讨对象；对所选研讨对象进行受力分析，并画出受力表示图分析研讨对象能否处于平衡形状；运用平衡条件，选用适当方法，列出平衡方程求解课后作业1、JlUI半球体置于程度地面上,半球的中央有一光滑小孔，上端有一光滑的小滑轮，柔软光滑的轻绳绕过滑轮，两端分别系有质量为肌、肌的物体（两物体均可看成质点，1112悬于空中）时，全部安装处于静止形状，如图所示。已知此时n与半球的球心O的连线与程度线成53°角，叫与半球面的动摩擦因数为0.5,并假设m1所遭到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力。则在全部安装处于静止的前提下，以下说法正确的是（）A.不管电的比值如何，地面对半球体的摩擦力都不为零r112B.当里二5时，半球体对m的摩擦力为零n）23C.当1曳5时，半球体对孙的摩擦力的方向垂直于图中的虚1123线向上D.当5ihW5时，半球体对11h的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向下【答案】B【解析】A、对半球体、m2全体进行受力分析，只受重力和支持力一对平衡力，绝对地面并无运动趋势，故不受摩擦力，故A错误;B、若半球体对面的摩擦力为零，对冲受力分析，如图，将重力正交分解，根据共点力平衡条件得到：X方向：T-mgcos53o=0y方向：N-mgsin53o=0据题意：T=m2g解得：叫二与故B正确；1123C、当IW区<区时，有112g>igsin530,即绳子的拉力大于重力1123的下滑分力，uh有上滑趋势，摩擦力沿切线向下，故C错误；D、当52曳>立时，有m2g<igsin530,即绳子的拉力小于重力1123的下滑分量，uh有下滑趋势，摩擦力沿切线向上，故D错误；故选：B02、如图所示，外形和质量完全相反的两个圆柱体a、b靠在一同，表面光滑，重力为G,其中b的下半部刚好固定在程度面MN的下方，上边露出另一半，a静止在平面上。现过a的轴心施加一程度作用力F,可缓慢的将a拉离程度面不断滑到b的顶端，对该过程分析，则应有（）A. a球刚离开程度面时，a、b间的压力最大为2G,而后逐渐减小到GB. a球刚离开程度面时，拉力F最大为G,以后逐渐减小为0C.拉力F先增大后减小，最大值为GD.a、b间的压力由。逐渐增大，最大值为G【答案】A【解析】解：对于a球：a球遭到重力G、拉力F和b球的支持力N,由平衡条件得：F=Ncos0,Nsin=G则得：F=Gcot,N=，Sin8根据数学知识可知，O从30°增大到90°,F和N均逐渐减小；当=30o,F有最大值，为侬N有最大值，为2G；当=90o,F有最小值，为G,N有最小值，为0；故A正确，BCD错误；故选：A03、如图所示，欲使在粗糙斜面上匀速下滑的木块A停下，可采用A.增大斜面的倾角B.减少木块与斜面间的动摩擦因数C.对木块A施加一个垂直于斜面向下的力D.在木块A上再叠放一个重物【答案】C【解析】A、木块匀速滑下，合力为零，根据平衡条件得mgsin=mgcos；若增大斜面的倾角0,重力沿斜面向下的分力mgsin增大,滑动摩擦力f=Umgcos。减小，木块的合力方向将沿斜面向下，木块做加速运动。故A错误。B、木块匀速滑下，合力为零,根据平衡条件得mgsin=Umgcos；减少木块与斜面间的动摩擦因数，滑动摩擦力f=umgcos。减小，木块的合力方向将沿斜面向下，木块做加速运动。故B错误。C、对木块A施加一个垂直于斜面的力F,重力沿斜面向下的分力mgsin不变，而滑动摩擦力f=U(F+mgcos)增大，合力方向沿斜面向上，木块做减速运动，可以使木块停下。故C正确。D、由A项分析可知，mgsinO=UmgCoSO得：sin=cos,与质量无关，在木块A上再叠放一个重物后，全体匀速下滑，不可能停下。故D错误巩固'L苑图所示，两物块甲、乙紧靠在一同，物块乙放置在程度地面上，物块甲上端用绳子栓在天花板上，绳子处于整直伸直形状，甲、乙两物块均保持静止则()A.绳子的拉力必然不为零B.地面遭到的压力可能大于物块乙的重力C.物块乙遭到地面的摩擦力程度向右D.物块乙遭到地面的摩擦力程度向左【答案】B【解析】A、如果甲乙接触面光滑，甲乙间没有摩擦力，对甲分析知，甲遭到重力和绳子的拉力，二力平衡，绳子拉力不为零；如果甲和乙之间有摩擦力，则甲有可能遭到斜面的支持力、摩擦力和重力平衡，这时分候绳子没有拉力，故A错误。B、如果甲和乙之间存在作用力，则地面遭到的压力可能大于物块乙的重力，故B正确；CD、由于甲和乙全体在程度方向不存在作用力，故物块乙不受地面的摩擦力，故CD错误。2、如图所示，质量为In的小球固定在轻弹簧和轻杆的一端，轻弹簧的另一端固定在墙壁上的A点，轻杆的另一端经过钱链连于墙壁上的。点，轻弹簧的自然长度与杆长相等。小球静止时，轻弹簧处于程度，轻杆与墙壁成=30o.从某时辰开始，给小球施加竖直向上的力F,使小球缓慢挪动到B地位，OB处于程度。全部过程中弹簧不断处于弹性限制内，以下说法中正确的是（）A.小球在挪动过程中可能遭到3个力作用B.若弹簧有弹力，则弹力的大小必然不等于杆对小球的作用力的大小C.弹簧的弹力先减小后增大，且末态时弹力大于初态时弹力D.力F先增大后减小【答案】B【解析】A、小球在向上挪动过程中，当弹簧恢复原长，此时小球所受弹簧的弹力T1-O,因小球的重力G及F的方向均在竖直方向，此时必然有沿杆方向对小球的作用力12二0,若TzWO,则T2在程度方向的分力T2H0,小球没法处于平衡形状，此时小球仅受两个力作用，故A错误。B、若小球所受的弹力与轻杆的支持力或拉力大小相等，T1=T2,它们的合力必然是竖直方向，此时由几何关系可知弹簧的长度与杆长相等，此时T10,除此之外TT2,故B正确。C、初态时弹簧的紧缩量是Ll（I等于杆长），末态时弹簧的伸长量是正21工所以末态时弹簧的弹力小于初态时弹簧的弹力，故22C错误。D、小球刚开始向上运动过程中，F逐渐增大，当弹簧恢复原长前后,弹簧的弹力和轻杆对小球的作用力均发生改变，两力的方向分别变为左向下和右向下，此后小球再向上运动过程中，F不断增大，刚开始时向上的力FI=G夺kl，弹簧恢复原长时向上的力F2=G,轻杆程度时向上的力F?二G+g（42）kl，故D错误3、如图所示，做爬行实验的小机器人沿四分之一圆弧形曲面，从底部O向A爬行，遭到程度向右恒定的风力，恰以某一大小不变的速度爬行，则小机器从O向A爬行的过程中（）A.遭到的合外力大小不变B.摩擦力方向与运动方向一直相反C.摩擦力先变大后变小D.曲面对小机器人的作用力大小不变【答案】A9【解析】A、小机器人做匀速圆周运动，合力大小为：F合二mJ,大r小保持不变，故A正确；BC、小机器人受重力、支持力和摩擦力，摩擦力与速度方向相反；沿着切线方向：f=mgsin,随着0的变大，f逐渐变大，故B错误，C错误；D、曲面对小机器人的作用力F为支持力和摩擦力的合力，根据矢量合成法则，有：故F与八一小由于石不变，而Fn的大小不变、方向变化，故下的大小是变化的，故D错误示，倾角。二37。的上表面光滑的斜面体放在程度地面±o一个可以看成质点的小球用细线拉住与斜面一同保持静止形状，细线与斜面间的夹角也为37°.若将拉力换为大小不变、方向程度向左的推力，斜面体仍然保持静止形状。Sin37o=0.6,cos37°=0.8.则以下说法正确的是（）A.小球将向上加速运动B.小球对斜面的压力变大C.地面遭到的压力不变D.地面遭到的摩擦力不变【答案】B【解析】AB、开始时，对球受力分析，如图所示：根据平衡条件，在平行斜面方向：Fcos37o=mgsin37o,垂直斜面方向：Fsin37o+N=Gcos37o,联立得：F=0.75G；拉力改为程度后，由于大小不变，故其与斜面的夹角不变，故沿着斜面方向的分力不变，球仍然保持静止，根据平衡条件可知，斜面支持力变大，故A错误，B正确；CD、对球和斜面体全体分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件，拉力改为程度后，其程度分力变大，竖直分力减小,故静摩擦力变大，地面支持力变大；根据牛顿第三定律，斜面体对地面的压力和摩擦力均变大，故C错误，D错误2、如图所示，一个质量为田的滑块置于倾角为30°的固定粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P点，另一端系在滑块上的P点，直线PQ与斜面垂直，滑块保持静止。则（）A.弹簧可能处于原长形状B.斜面对滑块的摩擦力大小可能为零C.斜面对滑块的支持力大小可能为零D.滑块必然遭到四个力作用【答案】A【解析】弹簧的方向垂直于斜面，由于弹簧的形变情况未知，所以斜面与滑块之间的弹力大小不确定，所以滑块可能只受重力、斜面支持力和静摩擦力三个力的作用而平衡，此时弹簧弹力为零，处于原长形状；物块也可能遭到重力、支持力、斜面的支持力和弹簧的弹力四个力作用，由于物块遭到的摩擦力不可能为零，则支持力必然不为零，故A正确，BCD错误3、如图所示，A是一均匀小球，B是个工圆弧形滑块，最初A、B4相切于小球的最低点，一切摩擦均不计。一程度推力F作用在滑块B上，使球与滑块均静止，现将滑块B向右缓慢推过一较小的距离,在此过程中（）A.墙壁对球的弹力不变B.滑块对球的弹力增大C.地面对滑块的弹力增大D.推力F减小【答案】B【解析】AB、对球受力分析，球遭到重力、支持力和挡板的弹力，如图，由于重力的大小和方向都不变，挡板的弹力方向不变。根据作图法知，斜面的支持力方向在变化，支持力和挡板的弹力合力不变，等于重力，从图中可知，滑块对球的弹力在增大，墙壁对球的弹力在增大。故A错误，B正确。CD、对滑块和球全体进行受力分析，全体受重力、支持力、挡板的弹力及推力，竖直方向，滑块和球的重力等于地面对滑块的弹力，滑块和球的重力都不变，所以地面对滑块的弹力不变，程度方向，推力F等于墙壁对球的弹力，所以推力F增大，故CD错误。故选：Bo课后反思1、塞对教学技能的反思：对基础知识的讲解能否透彻；对重点、难点能否把握精确；对先生的学习知识掌握知识的形状能否了解等2、对教学目标的反思：讲授的知识能否正确；言语能否规范简练；书写能否工整（班组课板书设计能否合理）；教具的运用能否得当，实验操作能否纯熟、规范等3、对教学方法和手腕的反思：能否注重了先生的参与认识；班组课能否因“班”施教，课后因“人”施教；教学方式、手腕能否多样化等