计算机组成原理作业.pptx

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1、计算机组成原理作业,第三章,3.5 设某机器字长8位，有两个数的石榴进制表示为9CH和FFH。试问：若它们分别表示为下列格式的机器数，其对应的十进制真值是多少？无符号整数 9CH=10011100B=128+16+8+4=156 FFH=11111111B=128+64+32+16+8+4+2+1=28-1=255原码表示的定点整数 9CH=10011100B=（16+8+4）=28 FFH=11111111B=（128+64+32+16+8+4+2+1）=（27-1）=127原码表示的定点小数 9CH=10011100B=0.0011100=（2-3+2-4+2-5）=0.21875 FFH

2、=11111111B=1111111=（2-1+2-2+2-3+2-4+2-5+2-6+2-7）=（1-2-7）补码表示的定点整数 9CH=10011100B=1100100=（64+32+4）=100 FFH=11111111B=（0000000+1）=0000001=1补码表示的定点小数 9CH=10011100B=0.1100100=（2-1+2-2+2-5）=0.78125 FFH=11111111B=（0.000000+1）=0.0000001=2-7=0.0078125,3.8 设某浮点数格式为：字长12位，阶码6位，用移码表示；尾数8位，用补码表示。阶码在前，尾数在后（包括数符）

3、，则按照此格式，求解以下问题。（1）已知X=25/64，Y=2.875求X、Y的规格化的浮点数表示形式。解：X=25/64=（11001/1000000）=0.110012-1，则:X浮=0,11111;1.1100100;Y=2.875=10.111B=0.10111210 则:Y浮=1,00010;0.1011100（2）已知Z的浮点数以十六进制表示为9F4H，则求Z的十进制真值。解:9F4H=100111110100 则阶码Z移=100111,则Z补=000111 尾数Z原=1.10100 故:Z=0.1010027=1010000B=(64+16)=80,第四章,4.28 设主存容量为

4、256K字,Cache容量为2K字,块长为4。（1）设计Cache地址格式，Cache中可装入多少块数据？（2）在直接映射方式下，设计主存地址格式。（3）在四路组相联映射方式下，设计主存地址格式。（4）在全相联映射方式下，设计主存地址格式。（5）若存储字长为32位，存储器按字节寻址，写出上述三种映射方式下主存的地址格式。,解：（1）主存256K字，则主存地址长度18位 Cache2K字，则Cache地址11位 块长4，则块内地址2位；Cache共有2K/4=512块，则Cache块地址9位 则Cache地址格式为：9位 2位 共11位（2）直接映射方式下主存地址格式：7位 9位 2位 总长18

5、位（3）四路组相联映射方式下主存地址格式：,共18位（4）全相联映射方式下主存地址格式 16位 2位 共18位（5）存储字长32位，即4B，则块长为16B 主存256K字为256K4B=1MB，20位地址，主存有1MB16B=128K个块 Cache2K字为2K4B=8KB，Cache有8KB16B=512个块,9位 7位 2位,直接映射方式主存地址格式 7位 9位 4位 共20位四路组相联映射方式主存地址格式 9位 7位 4位 共20位全相联映射方式主存地址格式 16位 4位 共20位,4.29 假设CPU执行某段程序时共访问Cache命中4800次，访问主存200次。已知Cache的存储周

6、期为30ns，主存的存取周期是150ns，求Cache的命中率及Cache-主存系统的平均访问时间和效率，试问该系统的性能提高了多少倍？解：Cache命中率=4800（4800+200）=96%平均访问时间=300.96+1500.04=34.8ns效率e=(3034.8)100%=86.2%性能提高了15034.8-1=3.3倍,4.32 设某机主存容量为4MB，Cache容量为16KB，每块有8个字，每字32位。设计一个四路组相连映射的Cache组织。（1）画出主存地址字段中各段的位数。设Cache的初态为空，CPU依次从主存第0,1,2，89号单元读出90个字（主存依次读出一个字），并重

7、复按此次序读8次，问命中率是多少？（2）若Cache的速度是主存速度的6倍，试问有Cache和无Cache相比，速度约提高多少倍？,解:(1)根据题意:每字块有8个字,每个字32位故主存地址字段中字块内地址字段为5位(25=32),字块大小为832b=32B=25B所以16KB的CACHE共有214B/25B=29块,即C=9。根据四路组相联映象2r=4得r=2 故q=c-r=9-2=7主存容量为4MB=222B，主存地址字段中主存字块标记位数为22-7-5=10位。主存地址字段各段格式为：主存字块标记(10位)组地址(7位)字块内地址(5位)(2)CACHE开始空，CPU访问0单元时肯定不命

8、中，会读取内存，并将内存所在块(0-7号单元)调入CACHE，CPU以后访问1-7号单元会命中，而访问8号单元又不命中，再替换.,所以，CPU在访问0-89号单元时会不命中8,16,87共12个单元。故命中率=（908-12）/（908）100%=98.4%(3)设主存存取周期为6t，CACHE存取周期为t，没有CACHE的访问时间为6t800，有CACHE的访问时间为t（720-12）+6 t12则速度提高倍数=（6t720）/（t（720-12）+6 t12）=6.5约提高了6.5-1=5.54倍,4.15 设CPU共有16根地址线，并用#MREQ（低电平有效）作访存控制信号，R/W#作读

9、/写命令信号（高电平读，低电平写）。现有这些存储芯片：ROM（2K8位，4K4位，8K8位），RAM（1K4位，2K8位，4K8位）及74LS138译码器和其它门电路。试从上述规格中选用合适的芯片，画出CPU和存储芯片的连接电路。要求如下：（1）最小4K地址为系统程序区，4096-16383地址范围为用户程序区。（2）指出选用的存储芯片类型及数量。（3）详细画出片选逻辑。解：（2）ROM 4K4位2片，位扩展；RAM 共12K8位容量，需要3片 4K8位芯片，字扩展；（3）地址范围ROM地址范围：0000H0FFFHRAM地址范围：1000H3FFFH，其中：RAM1地址范围1000H1FFF

10、H RAM2地址范围2000H2FFFH RAM3地址范围3000H3FFFH以上地址用A15A14A13A2A1A0展开，得到用于译码器连接用的高位地址A15=0，接译码器使能端，而138译码器的CBA接A14A13A12ROM 的A14A13A12=000 片选接138译码器Y0#RAM1的A14A13A12=001 片选接138译码器Y1#RAM2的A14A13A12=010 片选接138译码器Y2#RAM3的A14A13A12=011 片选接138译码器Y3#电路图略,4.17 写出1100对应的汉明码 汉明码：01111004.18 已知接收到的汉明码（按配偶原则配置）为110010

11、0，检查此代码是否有错？第几位错？解：所接收代码有错，错在第6位，正确的为01104.19 已知接收到下列汉明码，分别写出它们所对应的欲传送代码。（1）1100000（按偶性配置）答案：第3位有错，欲传送代码为1000（2）0011001（按奇性配置）答案：第7位有错，欲传送代码为1000,4.16 CPU假设同上题，现有8片8K8位的RAM芯片与CPU相连。（1）用74LS138译码器画出CPU和存储芯片的连接电路。（2）写出每片RAM的地址范围。（3）如果运行时发现不论往哪片RAM写入数据，以A000H为起始地址的存储芯片都有与其相同的数据，分析故障原因。解：（1）8片8K8位的RAM芯片

12、，由于每片地址线直接接A12A11.A0，故A15A14A13接128译码器CBA端，8片RAM字扩展，片选分别接Y7#.Y0#（2）每片地址范围如下：RAM0 0000H-1FFFH RAM1 2000H-3FFFH RAM2 4000H-5FFFH RAM3 6000H-7FFFHRAM4 8000H-9FFFH RAM5 A000H-BFFFH RAM2 C000H-DFFFH RAM3 E000H-FFFFH（3）原因：Y5#连接的芯片片选接地。后果是只能使用一半的RAM,P228页 5.2 有一个64K16位的存储器，由16K1位的DRAM芯片（芯片内是128128结构）构成，存储器

13、读/写周期为500ns。（1）需要多少片DRAM芯片？（2）采用异步刷新方式，如果单元刷新间隔不超过2ms，则刷新信号周期是多少？（3）如果采用集中刷新方式，存储器刷新一遍最少需要多少时间？,解：（1）设需要X片，则X=（6416）（161）=64，需要64片，采用字位扩展。扩展方法：将64个芯片分成4个组，每个组16片，组内位扩展(16K16位），组间字扩展（64K16位）。（2）由于芯片是128128结构，存储器以行位单位进行刷新，且刷新间隔2ms，所异步刷新在2ms内需要刷新128次，则，刷新信号周期为2ms128=15.625s(3)采用集中刷新方式，则集中刷新128行，存储器存取周期

14、500ns，则存储器全部刷新一遍需要500ns128=64s,P228页：5.3 某机字长16位，CPU地址总线18位，数据线16位，存储器按字编址，CPU的控制信号线有：MREQ#（存储器访问请求，低电平有效），R/W#（读写控制，低电平为写信号，高电平为读信号）。试问：（1）该机可以配备的最大主存容量为21816=256K16位。（2）该机主存采用64K1位的DRAM芯片（内部为4个128128阵列）构成最大主存空间，则共需（256K64K）（161）=64个芯片；若采用异步刷新方式，单元刷新间隔2ms，则刷新信号的周期为2ms128=15.625s。（3）若该机配备2K16位的Cache

15、，每块8B，采用2路组相联映射方式，试写出对主存地址各个字段的划分（标出各个字段的位数）；若主存地址为462EH，则该地址可映射到Cache的哪一组？（4）若该机已有8K16位的ROM存储器，地址处于存储器的最高端，现在再用若干个16K8位的SRAM芯片形成128K16位的RAM存储区域，其实地址为00000H，假设SRAM芯片有CS#和WE#信号控制端；试写出RAM和ROM的地址范围，并画出SRAM、ROM与CPU的连接图，标明SRAM芯片个数、译码器的输入输出线、地址线、数据线、控制线及其连接。,解：（3）主存地址总位数256K=18位，每块大小8B，由于存储字长16位，所以8B=416，

16、则块内地址2位；Cache共有2K4=29个块，由于是2路组相联，则共分292=28个组，故组地址8位，则字块标记为18-8-2=8位。8位 8位 2位主存地址462EH=000100011000101110B，组地址为10001011B=139，即映射到Cache的第139组。,（4）解：RAM总容量128K16，SRAM芯片容量16K8，故需要进行字位扩展，共需要（128K16K）（168）=16片，共分8个组，每个组2个芯片。组内位扩展，组间字扩展。设ROM起始地址为X，因为最后一个单元地址为220-1，容量为8K=213 故：（220-1）-X+1=213 则，X=（220-1）-（2

17、13-1），地址为低位13个0，高位7个1 设设RAM最后地址为Y，因为第一个单元地址为0，容量为128K=217 故：Y-0+1=217 则，Y=217-1，地址为低位17个1，高位3个0A19A18A17A16 A15A14A13A12 A11A10A9A8 A7A6A5A4 A3A2A1A0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 RAM0 0 0 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 ROM1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1

18、1 1 1 1 1 1 1 1图略,5.5 某计算机的存储系统由Cache、主存和用于虚拟存储器的磁盘组成。CPU总是从Cache中获取数据。若所访问的字在Cache中，则存取它只需要20ns，将所访问的字从主存装入Cache需要60ns，而将它从磁盘装入主存则需要1200ns。假定Cache的命中率为90%，主存命中率为60%，计算该系统访问一个字的平均存取时间。,解：已知被访问字在Cache命中率为90%，则不在Cache而在主存命中率为（1-0.9）0.6=0.06不在Cache也不在主存中命中率为（1-0.9）0.4=0.04故系统访问一个字的平均存取时间=200.9+（20+60）0

19、.06+（20+60+1200）0.04=48.026S,5.8 计算机主存容量为256K字，Cache位8K字。主存与Cache之间采用组相联映射的方式，Cache的每组有4个行，每行有64个字。假设开始时Cache为空，CPU按顺序从主存地址为0，1、2、3、8447的单元执行“取”操作（不命中时采用将主存中含有该字的块送入Cache后，再从Cache中把需要的字读出送CPU的方法），然后重复执行20次。设Cache存取时间为主存时间的1/10,。替换使用LRU算法，计算上述操作总的存取时间和不使用Cache相比，速度提高多少倍？,解：根据已知条件，此采用4路组相连映射方式，且每个块为64

20、个字。则，主存共有256K64=214个块，Cache有8K64=27=128个块，4路组相连映射方式下Cache共分274=25=32个组。开始Cache空，当CPU访问0号单元时未命中，故将0到63号单元都调入Cache第1组的4块中任意一块，则随后访问的1-63号单元都命中。依次类推，随后的64,642,643，,64131单元共132个单元未命中，随后重复的20次都命中。则命中率=（8448-132）+844820）（844821）=99.97%设主存存取时间为10T，则CAche存取时间就为T，则不使用Cache总的存取时间为88482110T=1858080T；使用Cache后访问

21、时间=（884821-132）T+13210T=186996T则速度提高倍数=1858080186996-1=8.93,5.12 设主存容量为3个页面，进程对页面的需求序列为3,4,2,6,4,3,7,4,3,6,3,4,8,4,6，试用列表求分别采用FIFO和LRU+FIFO替换策略时的命中率。当主存容量增加到4个页面时，两种替换策略的命中率又是多少？,解：（1）3页面采用FIFO替换算法时：访问流3 4 2 6 4 3 7 4 3 6 3 4 8 4 61页 3 3 3 6 6 6 6 4 4 4 4 4 8 8 8 2页 4 4 4 4 3 3 3 3 6 6 6 6 4 4 3页 2

22、2 2 2 7 7 7 7 3 3 3 3 6共命中3次，则命中率为315=20%,解：（2）3页面采用LRU+FIFO替换算法时：访问流3 4 2 6 4 3 7 4 3 6 3 4 8 4 61页 3 3 3 6 6 6 7 7 7 6 6 6 8 8 8 2页 4 4 4 4 4 4 4 4 4 4 4 4 4 4 3页 2 2 2 3 3 3 3 3 3 3 3 3 6共命中6次，则命中率为615=40%,解：（3）4页面采用FIFO替换算法时：访问流3 4 2 6 4 3 7 4 3 6 3 4 8 4 61页 3 3 3 3 3 3 7 7 7 7 7 7 7 7 6 2页 4 4

23、 4 4 4 4 4 3 3 3 3 3 3 3 3页 2 2 2 2 2 2 2 2 2 4 4 4 44页 6 6 6 6 6 6 6 6 6 8 8 8 共命中6次，则命中率为615=40%,软工第六章作业,6.2 已知 X=0.a1a2a3a4a5a6（ai为0或1），讨论下列几种情况时ai各取何值。(1)x=1/2 答案：a1=1,a2到a6不全为0(2)X=1/8 答案：a1到a3不全位0(3)1/4=X1/16 答案：a1必须为0，若a2=0,则当a3=0,则a4=1,a5、a6不全为0；当a3=1,则a4到a6随意。若a2=1,则当a3到a6为0 6.12 设浮点数格式为：阶码

24、5位（含1位符号位），尾数11位（含1位符号位），写出51/128,-86.5所对应的机器数。解：设X=51/128=0.0110011,Y=-86.5=-1010110.1(1)阶码和尾数都为原码 X原=1,0001；0.1100110000 Y原=0,0111；1.1010110100(2)阶码和尾数都为补码 X补=1,1111；0.1100110000 Y补=0,0111；1.0101001100(3)阶码为移码，尾数为补码 X移补=0,1111；0.1100110000 Y移补=1,0111；1.0101001100,6.17 设机器数字长8位(含1位符号位），对下列各机器数进行算术左

25、移一位、两位，算术右移一位、两位，讨论结果是否正确。解：移位后数据如下，验证转换为十进制数，左移是乘2，右移是除2,软工第六章作业,6.19 设机器数字长为8位（含1位符号位），用补码运算规则计算下列各题。（1）A=9/64,B=-13/32 求A+B 解：A=0.001001，B=-0.01101 A补=0.0010010，B补=1.1001100 则，A+B补=A补+B=0.001001+1.100110=1.101111 故：A+B=-0.010001（2）A=19/32，B=-17/128 求A-B解：A=0.10011，B=-0.0010001 A补=0.1001100，B补=1.1

26、101111，-B补=0.0010001 则，A-B补=A补+-B=0.10011+0.0010001=0.1011101 故：A-B=0.1011101,6.27 假设阶码取3位，尾数取6位（均不包含符号位），计算下列各题：（1）25(11/16)+24(-9/16)解：设X=25(11/16)=250.1011；X浮=00,101;00.101100 设Y=25(11/16)=250.1011；Y浮=00,100;11.011100对阶 因为，阶差=00,101+11,100=00,001所以对阶后，Y浮=00,101;11.1011100求和 X+Y补=00,101；00.011010左

27、规 X+Y补=00,100；00.110100 X+Y=+0.110124=+1101,6.27 假设阶码取3位，尾数取6位（均不包含符号位），计算下列各题：（2）2-3(13/16)-2-4(-5/8)解：设X=2-3(13/16)=2-30.1101；X浮=11,101;00.110100 设Y=2-4(-5/8)=2-4(-0.101000)；Y浮=11,100;11.011000对阶 因为，阶差=11,101+00,100=00,001所以对阶后，Y浮=11,101;11.101100求和 X-Y尾补=X尾补+-Y尾补=00.110100+00.0101000=01.00100右规 X

28、-Y补=11,110；00.100100 X-Y=-0.10012-2=2-2（9/16）,补充：,设X=0.1101，Y=-0.0110 求：解：X补=0.1101-X补=1.0011 2X补=0.110121 补=0,01；0.1101-2X补=-0.110121 补=0,01；1.0011 X/2补=0.01101-X/2补=-0.01101补=1.10011Y补=1.1010-Y补=0.0110 2Y补=-0.011021 补=-0.1100补=1.0100-2Y补=0.110121 补=0,01；0.1101 Y/2补=-0.0011补=1.1101-Y/2补=0.0011补=0.0

29、011-Y/4补=0.00011补=0.00011X移=1.1101 Y移=0.1010 2X/2补=0.1101,软工第七章作业,7.16 某机主机容量4M16位，且存储字长等于指令字长，若该机指令系统完成108种操作，操作码位数固定，且具有直接、间接、变址、基址、相对、立即等六种寻址方式，试回答以下问题：（1）画出一地址指令格式并指出各字段作用。（2）该指令直接寻址的最大范围。（3）一次间接寻址和多次间接寻址的寻址范围。（4）立即数的范围（十进制表示）。（5）相对寻址的位移量（十进制表示）（6）上述六种寻址方式的指令中哪一种执行时间最短，哪一种最长，为什么？哪一种便于程序浮动，哪一种最适合

30、处理数组问题？(7)如何修改指令格式使得寻址范围扩大到4M？（8）为了使一条转移指令能转移到主存任一位置，可采用什么措施？,解：（1）一地址指令格式为：OP 操作码字段，7位，可反映97种操作；M 寻址方式字段，3位，可反映6种寻址方式；A 形式地址字段，共16-7-3=6位。（2）直接寻址最大范围为26=64（3）由于存储字长16位，故一次寻址范围为216 若多次寻址，需要存储字的最高位来区别是否继续访问间接寻址，所以只有15位用来寻址，故寻址范围为215。（4）立即数的范围对有符号数是-32到+31，对无符号数是0到63。（5）相对寻址位移量是-32到+31。（6）立即数执行时间最短，间接

31、寻址执行时间最长，相对寻址有利于程序浮动，变址寻址的指令便于用户编址处理数组问题的程序。（7）要寻址达到4M，则地址需要22位。故可将指令改为双字长指令。即6+16=22（8）寻址4M的措施：双字长指令格式 采用一字长指令格式，采用基址寻址或变址寻址，基址寄存器及变址寄存器为22位可采用16位基址寄存器左移6位再和6位形式地址相加也可得到22位地址，从而寻址4M空间。,7.19 CPU内有32个32位的通用寄存器，设计一种能容纳64种操作的指令系统。假设指令字长等一机器字长，试回答一下问题：（1）如果主存可直接或间接寻址，采用“寄存器-存储器”型指令，能直接寻址的最大寻址空间是多少？画出指令格式并说明各段的意义。（2）在满足（1）的前提下，如果采用通用寄存器作基址寄存器，则上述寄存器-存储器型指令的指令格式有何特点？画出指令格式并指出这类指令可访问多大的存储空间？,参考答案：（1）31 26 25 21 20 19 1 0形式地址A为20位，可直接寻址220字。（2）采用基址寻址，指令格式为：31 26 25 21 20 19 18 14 13 0这种指令格式可以直接寻址64KB（214）内存，间接寻址232空间。,